これはアルゴリズムを知らなかった。
http://codeforces.com/contest/475/problem/E
問題
N頂点M無向辺からなるグラフが与えられる。
M個の無向辺すべてについて、辺の向きをどちらかに定めるとする。
そうしてできた有向辺を通じて移動可能な(始点,終点)の対の数を最大化せよ。
解法
無向辺を有向辺にしてもループを構築できる頂点群は、ループを構築すればよい。
このループの構築方法だが、これはちょうど二重辺連結成分分解に一致する。
そこでまずはグラフを二重辺連結成分分解する。
二重辺連結成分分解し、強連結な頂点群を1個の頂点とみなすと、グラフを木となる。
あとは木における全頂点を中心とみなし、いくつかのサブツリーは中心点に流れ込む方向に辺の向きを決め、残りは中心点から離れる方向に向きを定めればよい。
一見O(N^3)かかりそうだが、後者の木DPはO(N^2)程度で終わる。
class SCC_BI { public: static const int MV = 5000; vector<int> E[MV]; stack<int> roots,S; int NV,ord[MV],llink[MV],inin[MV],time; vector<int> ART; // out vector<vector<int> > SC; // out vector<pair<int,int> > BR; // out SCC_BI(int NV=MV) { this->NV=NV; for(int i=0;i<MV;i++) E[i].clear();} void add_edge(int x,int y) { E[x].push_back(y); E[y].push_back(x); } void dfs(int cur,int pre) { int art=0,conn=0,i; ord[cur]=llink[cur]=++time; S.push(cur); inin[cur]=1; roots.push(cur); FOR(i,E[cur].size()) { int tar=E[cur][i]; if(ord[tar]==0) { conn++; dfs(tar,cur); llink[cur]=min(llink[cur],llink[tar]); art += (pre!=-1 && ord[cur]<=llink[tar]); if(ord[cur]<llink[tar]) BR.push_back(make_pair(min(cur,tar),max(cur,tar))); } else if(tar!=pre) { llink[cur]=min(llink[cur],ord[tar]); while(inin[tar]&&ord[roots.top()]>ord[tar]) roots.pop(); } } if(cur==roots.top()) { SC.push_back(vector<int>()); while(1) { i=S.top(); S.pop(); inin[i]=0; SC.back().push_back(i); if(i==cur) break; } sort(SC.back().begin(),SC.back().end()); roots.pop(); } if(art || (pre==-1&&conn>1)) ART.push_back(cur); } void scc() { SC.clear(),BR.clear(),ART.clear(); ZERO(ord);ZERO(llink);ZERO(inin);time=0; for(int i=0;i<NV;i++) if(!ord[i]) dfs(i,-1); sort(BR.begin(),BR.end()); sort(ART.begin(),ART.end()); } }; int N,M; vector<int> E[2001]; int V[2001],ID[2001]; int D[2001],T[2001]; pair<int,int> P[2001][2001]; int dp[2001][2001]; void dfs(int cur,int pre) { if(P[cur][pre].first) return; pair<int,int>& p=P[cur][pre]; int i; p.first=V[cur]; p.second=V[cur]*V[cur]; FOR(i,E[cur].size()) { int tar=E[cur][i]; if(tar!=pre) { dfs(tar,cur); p.first += P[tar][cur].first; p.second += P[tar][cur].second + P[tar][cur].first*V[cur]; } } } int dodo(int cur) { int i,x,s=0,ma=0; FOR(i,E[cur].size()) dfs(E[cur][i],cur); ZERO(dp[0]); dp[0][0]=V[cur]*V[cur]; FOR(i,E[cur].size()) { int tar=E[cur][i]; ZERO(dp[i+1]); int pv=P[tar][cur].first, sc=P[tar][cur].second; for(x=0;x<=s;x++) if(dp[i][x]) { dp[i+1][x]=max(dp[i+1][x],dp[i][x]+sc+pv*(V[cur]+x)); dp[i+1][x+pv]=max(dp[i+1][x+pv],dp[i][x]+sc+pv*(V[cur]+s-x)); } s+=pv; } for(i=0;i<=s;i++) ma=max(ma,dp[E[cur].size()][i]); return ma; } void solve() { int i,j,k,l,r,x,y; string s; cin>>N>>M; SCC_BI sb(N); FOR(i,M) { cin>>x>>y; sb.add_edge(x-1,y-1); } sb.scc(); N=sb.SC.size(); FOR(i,N) { V[i]=sb.SC[i].size(); FOR(j,V[i]) ID[sb.SC[i][j]]=i; } FOR(i,sb.BR.size()) { x=ID[sb.BR[i].first],y=ID[sb.BR[i].second]; E[x].push_back(y); E[y].push_back(x); } int ma=0; FOR(i,N) ma=max(ma,dodo(i)); cout << ma << endl; }
まとめ
二重辺連結成分分解を知らないとどうしようもないな…。