本番アレかなーと思いつつ自信がなくて放置した方針であってた。
http://codeforces.com/contest/818/problem/G
問題
N要素の数列Aが与えられる。
次の条件を満たすよう4つの部分列を選ぶとき、その総要素数の最大値を求めよ。
- ここから互いに共通部分を持たない
- 各部分列内において、隣接要素の値は差の絶対値が1であるか、7で割った余りが等しいかどちらかを満たす。
解法
問題文にある通り、ECR022のアレンジである。
ECR022の解法はO(N^2)だが、これと同様の方針でこの問題を解くとO(N^4)で間に合わない。
Codeforces ECR #022: D. Two Melodies - kmjp's blog
この問題は最小コストフロー問題に還元して解くことができる。
長さ0の部分列を作ってしまうとコストがNかかり、1つ部分列中に要素を含むごとにコストが1減少するようなグラフを作ろう。
まず、各要素iに対し2つの頂点Ui,Viを作る。
Ui→Viには容量1、コスト0の辺を張る。この辺を通るということは、部分列中にこの要素を含むことを意味する。
A[i]とA[j]が隣接条件を満たす場合、Vi→Uiに容量無限、コスト(j-i-1)の辺を張ろう。
これは、A[i]の次にA[j]を選ぶと、間の(j-i-1)個の要素を選ばないことになるので、(j-i-1)コストが増加することを意味する。
同様にsource→Uiには容量無限コストi、Vi→sinkには要領無限コスト(N-1-i)の辺を張ろう。
このグラフに流量4流してその最小コストを求め、4Nから引けば解。
最悪辺がO(N^2)個もできるが、流量が少ないので何とか間に合う。
template<int NV,class V> class MinCostFlow { public: struct edge { int to, capacity; V cost; int reve;}; vector<edge> E[NV]; int prev_v[NV], prev_e[NV]; V dist[NV]; void add_edge(int x,int y, int cap, V cost) { E[x].push_back((edge){y,cap,cost,(int)E[y].size()}); E[y].push_back((edge){x,0, -cost,(int)E[x].size()-1}); /* rev edge */ } V mincost(int from, int to, ll flow) { V res=0; int i,v; ZERO(prev_v); ZERO(prev_e); while(flow>0) { fill(dist, dist+NV, numeric_limits<V>::max()/2); dist[from]=0; priority_queue<pair<V,int> > Q; Q.push(make_pair(0,from)); while(Q.size()) { V d=-Q.top().first; int cur=Q.top().second; Q.pop(); if(dist[cur]!=d) continue; if(d==numeric_limits<V>::max()/2) break; FOR(i,E[cur].size()) { edge &e=E[cur][i]; if(e.capacity>0 && dist[e.to]>d+e.cost) { dist[e.to]=d+e.cost; prev_v[e.to]=cur; prev_e[e.to]=i; Q.push(make_pair(-dist[e.to],e.to)); } } } if(dist[to]==numeric_limits<V>::max()/2) return -1; int lc=flow; for(v=to;v!=from;v=prev_v[v]) lc = min(lc, E[prev_v[v]][prev_e[v]].capacity); flow -= lc; res += lc*dist[to]; for(v=to;v!=from;v=prev_v[v]) { edge &e=E[prev_v[v]][prev_e[v]]; e.capacity -= lc; E[v][e.reve].capacity += lc; } } return res; } }; int N; int A[3030]; MinCostFlow<6100,int> mcf; void solve() { int i,j,k,l,r,x,y; string s; cin>>N; FOR(i,N) { cin>>A[i]; mcf.add_edge(6000,i,1,i); mcf.add_edge(3000+i,6001,1,N-1-i); mcf.add_edge(i,3000+i,1,0); } FOR(y,N) FOR(x,y) { if(abs(A[x]-A[y])==1 || (A[x]%7==A[y]%7)) mcf.add_edge(3000+x,y,1,y-x-1); } cout<<N*4-mcf.mincost(6000,6001,4)<<endl; }
まとめ
フローのライブラリを除けば非常にコードは短い。